【www.doubiweb.com--试题资料】
2015年江苏省盐城市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题2分，共24分，每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）
1．（2分）（2015•盐城）盐城被誉为“东方湿地之都”，湿地能较好地调节气候，是因为水的（ ）
A． 密度大 B． 比热容大 C． 流动性大 D． 热值大
考点： 比热容解释简单的自然现象．
专题： 比热容、热机、热值．
分析： 水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析．
解答： 解：湿地含有大量的水，因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，故能有效调节周围环境的气温．
故选B．
点评： 本题考查了水的比热容大的应用，贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，也体现了新课标的要求，属于中考热点问题．
2．（2分）（2015•盐城）下列家用电器．主要利用电流热效应工作的是（ ）
A． 收音机 B． 电视机 C． 电风扇 D． 电饭锅
考点： 电流的热效应、化学效应和磁效应．
专题： 电与热、生活用电．
分析： （1）当电流通过电阻时，电流作功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应．一方面，利用电流的热效应可以为人类的生产和生活服务；另一方面，电流的热效应也有一些不利因素．
（2）任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，称为电流的磁效应．
解答： 解：A、收音机消耗了电能，主要转化为声能，不是利用电流的热效应来工作的，故A错误；
B、电视机主要把电能转化为声能和光能，不是利用电流的热效应来工作的，故B错误；
C、电风扇主要是把电能转化为机械能，不是利用电流的热效应来工作的，故C错误；
D、电饭锅把电能转化为了内能，是利用了电流的热效应来工作的，故D正确．
故选D．
点评： 要考查电流的热效应、磁效应在生活中的应用实例，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪一个效应．体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念．
3．（2分）（2015•盐城）在比较材料隔声性能的综合实践活动中，小明逐步远离声源，他所听到的声音发生改变的（ ）
A． 响度 B． 音调 C． 音色 D． 速度
考点： 音调、响度与音色的区分．
专题： 声现象．
分析： 声音的特性包括音调、响度和音色．其中响度的大小与振幅及距发声体的远近有关．
解答： 解：声音的响度的大小与振幅及距发声体的远近有关．在比较材料隔声性能的综合实践活动中，小明逐步远离声源，他所听到的声音发生改变的是响度．
故选A．
点评： 本题主要考查声音的特性的辨别，尤其是要知道影响响度大小的因素还包括距发声体的远近．
4．（2分）（2015•盐城）春天，“荷兰花海”花香满园，这一现象表明（ ）
A． 分子间有间隙 B． 分子间有吸引力
C． 分子间有排斥力 D． 分子做无规则运动
考点： 分子的运动．
专题： 分子热运动、内能．
分析： 一切物质的分子都在永不停息的做无规则运动，这种现象是扩散现象．
解答： 解：春天，“荷兰花海”花香满园，是分子运动的结果，即扩散现象，这一现象表明一切物质的分子都在不停地做无规则的运动．且温度越高，分子运动越剧烈．
故选D．
点评： 本题主要考查学生对：扩散现象的了解和掌握，是一道基础题．
5．（2分）（2015•盐城）掷实心球是中考体育加试的必考项目．对于空中运动的实心球来说（ ）
A． 由于惯性，运动状态不变
B． 不受力作用，运动状态不变
C． 由于重力作用，运动状态发生改变
D． 受到推力作用，运动状态发生改变
考点： 力与运动的关系．
专题： 运动和力．
分析： 力是改变物体运动状态的原因，物体不受力或受平衡力，运动状态不变，受非平衡力，运动状态改变．
解答： 解：A、实心球在空中运动时，运动方向和快慢都在发生变化，运动状态改变，A错误；
B、实心球在空中受重力作用，运动状态不断改变，B错误；
C、物体受到竖直向下的重力作用，运动状态不断改变，C正确；
D、实心球在空中运动，不受推力作用，D错误．
故选C．
点评： 本题考查力和运动的关系，关键要理解力是改变物体运动状态的原因的含义．
6．（2分）（2015•盐城）由光的直线传播形成的光现象是（ ）
A．
“小兔”的影子 B．
花朵在水珠中成像
C．
筷子在水中“弯折” D．
丹顶鶴的倒影
考点： 光在均匀介质中直线传播．
专题： 光的传播和反射、平面镜成像．
分析： 光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等．
解答： 解：A、“小兔”的影子，是由光的直线传播形成的，故A符合题意．
B、水珠相当于凸透镜，所成的像为倒立、缩小的实像，是由光的折射形成的，故B不符合题意．
C、筷子在水中“弯折”是光的折射形成的．故C不合题意．
D、水面相当于平面镜，丹顶鶴在水中的倒影，是由于光的反射形成的，故D不符合题意．
故选A．
点评： 本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，要求判断哪个是由于光的直线传播形成的，这需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考．
7．（2分）（2015•盐城）如图所示．小明将压强计的探头放入水中某一深度处，记下U型管中两液面的高度差h．下列操作能够使高度差h增大的是（ ）
A． 将探头向下移动一段距离
B． 将探头水平向左移动一段距离
C． 将探头放在酒精中的同样深度处
D． 将探头在原深度处向其他方向任意转动一个角度
考点： 液体的压强的特点．
专题： 压强、液体的压强．
分析： 根据影响压强大小的因素进行判断，要增大U形管两边液面的高度差，根据p=ρ液gh，可以增大深度或增大液体的密度．
解答： 解：A、将探头向下移动一段距离，深度变大，橡皮膜受到的压强变大，U形管两边液面的高度差变大，A正确；
B、将探头水平向左移动一段距离，深度不变，橡皮膜受到的压强不变，U形管两边液面的高度差不变，B错误；
C、将探头放在酒精中的同样深度处，液体的密度变小，橡皮膜受到的压强变小，U形管两边液面的高度差变小，C错误；
D、液体内部在同一深度不同方向的压强是相等的，将压强计的探头在原深度处向其他方面任意转动一个角度，不会影响压强的大小，D错误．
故选A．
点评： 通过U形管两边的液面高度差来反映液体压强的大小是转换法的运用．要想顺利解答此题，必须对液体内部压强的规律有一个熟练的掌握才行，这也是我们应重点把握的知识点．
8．（2分）（2015•盐城）将木块放在水平桌面上，用弹簧测力计沿水平方向拉动使其运动，下列操作能使木块受到的滑动摩擦力增大的是（ ）
A． 增大木块的拉力 B． 改变木块运动方向
C． 在木块上加砝码 D． 使木块的速度增大
考点： 摩擦力大小的影响因素．
专题： 重力、弹力、摩擦力．
分析： 滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，与物体的运动情况或受力情况无关．
解答： 解：A、木块所受滑动摩擦力大小与所受拉力无关，A错误；
B、木块所受滑动摩擦力与木块的运动方向无关，B错误；
C、在木块上加砝码，木块对桌面的压力增大，则滑动摩擦力增大，C正确；
D、木块所受的滑动摩擦力与木块的速度无关，D错误．
故选C．
点评： 本题主要考查了影响滑动摩擦力大小的因素，要牢固掌握两个因素，不要受其它因素的影响，而错选其它答案．
9．（2分）（2015•盐城）在家庭电路中若发生以下三种情况：①灯座里的两个线头相碰．②开关里的两线头相碰 ③两孔插座中的两线头相碰，其中会引起电路中熔丝熔断的是（ ）
A． ①② B． ①③ C． ②③ D． ①②③
考点： 家庭电路电流过大的原因．
专题： 电与热、生活用电．
分析： （1）保险丝熔断是因为电路中电流过大．
（2）家庭电路电流过大的原因：短路和电路中总功率过大．
解答： 解：①灯座里的两个线头相碰，火线和零线直接接触，造成短路，电路电流过大，会引起保险丝熔断；
②开关里两线头相碰，开关闭合，电路接通，用电器正常工作，不会引起保险丝熔断．
③两孔插座中的两线头相碰，火线和零线直接接触，造成短路，电路电流过大，会引起保险丝熔断．
故选B．
点评： 在家庭电路中，开关闭合时就是开关的两个线头接通，电路正常工作；用电器的两个接线头或插座的两个接线头直接接通时，电路是短路，造成电路电流过大，保险丝熔．
10．（2分）（2015•盐城）如图所示是小明研究并联电路电流特点的实物图，保持电源电压不变，先
闭合开关S，再闭合开关S1，闭合S1后（ ）
A． 甲表示数变大，乙表示数变大
B． 甲表示数变小，乙表示数变小
C． 甲表示数变大，乙表示数不变
D． 甲表示数变小，乙表示数不变
考点： 电路的动态分析．
专题： 电路变化分析综合题．
分析： 分析清楚图示电路结构，明确各电路元件的连接方式，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题．
解答： 解：由图示电路图可知，电流表甲测干路电流，电流表乙测支路电流，
闭合开关S，只有乙所在支路接入电路，两电流表串联在同一电路中，两电流表示数相同，
再闭合S1，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表甲示数变大，
电流表乙所在支路电压与电阻不变，该支路电流不变，电流表乙示数不变．
故选C．
点评： 本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，分析清楚电路结构后应用并联电路特点与欧姆定律可以解题．
11．（2分）（2015•盐城）小峰为了探究某电动玩具车内部电动机与指示灯的连接方式．他将这辆玩具车的电池取下，保持开关闭合．转动车轮，车上的指示灯还能发光．进一步探究发现，玩具车内部电路是由电源、开关、电动机、指示灯各一个组成的，则该玩具车电路中电动机与指示灯（ ）
A． 可以确定，一定串联
B． 可以确定，一定并联
C． 可以确定，串联、并联都行
D． 需要再断开开关，转动车轮，观察指示灯是否发光．才能判断
考点： 串联电路和并联电路的辨别．
专题： 电流和电路．
分析： 串联的各电路元件相互影响，不能独立工作，并联的各电路元件互不影响，能独立工作；根据题意与实验现象判断灯泡与电动机的连接方式．
解答： 解：转动车轮，车轮带动电动机转动，电动机变成了发电机，转动车轮，车上的指示灯还能发光，说明此时电动机、指示灯构成闭合回路，故电动机与指示灯是并联的；如果电动机与指示灯是串联的，拆去电池、闭合开关后，电动机、指示灯组成的电路是开路，指示灯不会发光．
故选B．
点评： 本题考查了判断元件的连接方式，知道串并联电路的特点、根据题意即可解题．
12．（2分）（2015•盐城）如图所示，在两个相同的试管甲和乙中分别装入质量和初温相同的水，然后将沸腾时产生的水蒸气通入试管甲的水中，水蒸气在甲中几乎全部液化，待甲中的水面上升一段高度后，停止通入水蒸气．测出此时甲中水的温度为t，以下能验证水蒸气液化放热的操作是（ ）
A． 测出乙中的水温并与t比较
B． 测出烧瓶中的水温并与t比较
C． 将烧瓶内开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较
D． 将另一杯开水倒入乙中直至与甲中水面相平，摇匀后测出乙中水温并与t比较
考点： 液化及液化现象．
专题： 汽化和液化、升华和凝华．
分析： 物质遇冷由气态变为液态的过程是液化，物质液化要放出热量，据此分析答题．
解答： 解：
水沸腾时产生的水蒸气在甲试管中遇冷由气态变为液态，发生液化，水蒸气液化要放出热量；水蒸气液化时放出的热量被甲试管中的水吸收，水的温度升高，测出此时甲中水的温度为t，再测出乙中的水温并与t比较，t高于乙中的水温，得出水蒸气液化放热．
故选A．
点评： 本题是一道基础题，知道气体液化时要放出热量，即可正确解题．
二、填空题（本大题有8小题，每空1分，共24分）
13．（3分）（2015•盐城）2014年11月13日，“菲萊号”登陆器首次在彗星表面着陆．在减速着陆过程中，“菲萊号”所载仪器的质量 不变 （增大/不变/减小），动能 减小 （增大/不变/减小），探测器获取的信息是利用 电磁波 波传回地球的．
考点： 质量及其特性；电磁波的传播；动能和势能的大小变化．
专题： 信息的传递；质量及其测量；机械能及其转化．
分析： （1）质量是物质的属性，任何物体都具有质量，且质量不随位置、状态、形状、温度的变化而变化；
（2）影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度．
（3）声音传播需要介质，电磁波可以在真空中传播．
解答： 解：（1）质量是物质的属性，且质量不随位置、状态、形状、温度的变化而变化，故“菲萊号”所载仪器的质量不变；
（2）“菲萊号”在在减速着陆过程中，质量不变，速度变小，所以动能减小．
（3）因为声音不能在真空中传播，所以探测器获取的信息是利用利用电磁波传回地球．
故答案为：不变；减小；电磁波．
点评： 月球和太空中的一些现象，学生无法直接来体验，只能根据一些科普知识来推断，所以要关注新闻，了解重要事件，挖掘和物理知识相关的内容．
14．（3分）（2015•盐城）小明用天平和量筒测量矿石的密度．先杷天平放在 水平 桌面上，调节好天平后，测出矿石的质量如图所示，矿石的质量为 52 g，接着他测出矿石的体积为20cm3．则矿石的密度为 2.6×103 kg/m3．
考点： 固体密度的测量．
专题： 测量型实验综合题．
分析： （1）天平使用时，先杷天平放在水平桌面上．
（2）被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和；
（2）利用ρ= 计算矿石的密度．
解答： 解：（1）用天平和量筒测量矿石的密度，先杷天平放在水平桌面上．
（2）矿石的质量为m=50g+2g=52g，
（3）矿石的密度为ρ= = =2.6g/cm3=2.6×103kg/m3．
故答案为：水平；52；2.6×103．
点评： 测固体的密度首先会使用天平，用天平测出固体的质量m，根据密度公式计算出固体的密度．
15．（3分）（2015•盐城）2015年4月21日，全球最大的太阳能飞机“阳光动力2号”飞抵我省．飞机上的太阳能电池板将 太阳 能转化为电能．飞行时，飞机上的双叶螺旋桨向后推动空气，使螺旋桨获得向前的力，说明力的作用是 相互 的，以飞机为参照物，飞机里的蓄电池是 静止 （运动/静止）的．
考点： 太阳能的利用；参照物及其选择；力作用的相互性．
专题： 长度、时间、速度；运动和力；能源的利用与发展．
分析： （1）太阳能电池板获取太阳能，转化为电能，为飞机提供动力；
（2）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
（3）判断一个物体是运动个还是静止的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．
解答： 解：
（1）太阳能电池板的作用是将太阳能转化为电能；
（2）飞机起飞时螺旋桨向后推动空气，对空气施加力的作用，由于物体间力的作用是相互的，因此空气对飞机施加向前的反作用力，飞机就前进了；
（3）在飞行过程中，飞机里的蓄电池相对于飞机位置没有变化，所以以飞机为参照物，飞机里的蓄电池是静止．
故答案为：太阳；相互；静止．
点评： 本题考查了能量转化、物体间力的作用是相互的、参照物的选择等知识，虽然综合性强，但都属于基础，难度不大！
16．（3分）（2015•盐城）在家庭用电的调查研究综合实践活动中，小明观察到家中电能表的表盘如图所示，示数为 320.6 kW•h，用测电笔检测插座时，发现氖管发光，说明接触的是 火 线．使用测电笔时，手必须和 笔尾 （笔尖/笔尾）金属电极接触．
考点： 电能表参数的理解与电能的求法；测电笔的使用．
专题： 电能和电功率；电与热、生活用电．
分析： 电能表上的示数，最后一位是小数，单位是kW•h；
用测电笔来鉴别火线与零线．使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．
解答： 解：从表盘上可以看出此时的读数为320.6kW•h；
使用测电笔时，手指要接触笔尾的金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，说明测电笔接触的是火线．
故答案为：320.6；火；笔尾．
点评： 本题考查了电能表的读数和正确使用测电笔的方法，为了用电安全，记好、用好！
17．（3分）（2015•盐城）小明用爷爷的老花镜正对太阳，再把一张纸放在它的下面，移动眼镜，在纸上会呈现一个最小最亮的光斑，则老花镜是 凸 （凸/凹）透镜，小明发现老花镜可以使稍远处的窗户在光屏上成 倒立 （正立/倒立）、缩小的像，生活中 照相机 就是利用这一原理工作的．
考点： 凸透镜成像的应用．
专题： 透镜及其应用．
分析： （1）凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；
（2）凸透镜成像规律之一：物体在二倍焦距以外成倒立缩小实像，照相机成的像即如此．
解答： 解：移动眼镜，在纸上会呈现一个最小最亮的光斑，则说明老花镜对光线有会聚作用，即老花镜是凸透镜；
凸透镜成像规律之一：物体在二倍焦距以外成倒立缩小实像，可知，老花镜可以使稍远处的窗户在光屏上成倒立缩小的像，照相机就是用这个原理制成的．
故答案为：凸；倒立；照相机．
点评： 通过老花镜，理解凸透镜的作用，进而考查凸透镜成像规律及其应用．
18．（3分）（2015•盐城）小华用如图所示的装置探究阻力对物体运动的影响，实验中每次让小车从斜面 相同 （相同/不同）高度由静止释放，先后让小车在棉布、木板、玻璃上运动，记录小车运动的 距离 ，进一步推理，如果没有阻力，运动的小车将保持 做匀速直线运动 （匀速直线运动/静止）状态．
考点： 阻力对物体运动影响的探究实验．
专题： 运动和力．
分析： （1）要想探究阻力对小车运动情况的影响，根据控制变量法的要求，应控制小车到达水平面时的速度相同，这要靠控制小车下滑时在斜面上的位置来实现；
（2）毛巾→棉布→木板，其表面依次越来越光滑，阻力越来越小，通过观察图中小车运动的距离，便可得出结论；
（3）在实验现象的基础上，再进行适当的科学推理，可得出当小车不受阻力时，其将保持什么样的运动状态．
解答： 解：（1）研究阻力对小车运动的影响，就要保持其他量不变，因此，应使小车从同一斜面的同一位置滑下，从而使其到达水平面时具有相同的初速度；
（2）实验中，应让小车在不同的水平面上滑动，记录小车运动的距离，进行比较，发现小车在毛巾上滑动的距离最小，在木板上滑动的距离最远；
（3）接触面越光滑，小车所受摩擦阻力越小，运动的距离也越远，结合实验现象，再进一步进行科学推理，可以得出，当水平面绝对光滑，即小车不受外力时，它将做匀速直线运动．
故答案为：（1）相同；（2）距离；（3）做匀速直线运动．
点评： 在探究阻力对物体运动的影响实验中，所用到的实验方法除控制变量法外，还有一种特殊的方法，那就是科学推理法，也被称为理想实验法．因为，表面的绝对光滑只是一种理想状态，无法在现实中达到，因此，只能是在实验现象的基础上，再加上科学推理来得出结论，这一点需引起我们的注意．
19．（3分）（2015•盐城）小明探究怎样使物体上浮或下沉，用手将质量为150g，体积为1.6×10﹣4m3的苹果浸没水中，苹果受到的浮力为 1.6 N．松手后苹果将 上浮 （上浮/下沉/悬浮），最后静止时，苹果受到的浮力是 1.5 N．g取10N/kg．
考点： 浮力大小的计算．
专题： 浮力．
分析： （1）当苹果浸没在水中时，此时排开水的体积就等于苹果的体积，利用阿基米德原理计算此时苹果受到的浮力；
（2）知道苹果的质量，利用公式G=mg计算苹果受到的重力；浮力与重力进行比较，重力大于浮力就下沉，重力等于浮力就悬浮，重力大于浮力就上浮；
（3）最后根据苹果所处的状态求出静止时受到的浮力．
解答： 解：（1）当苹果浸没在水中时，排开水的体积就等于苹果的体积，
即V排=V物=1.6×10﹣4m3，
所以此时苹果受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1000kg/m3×10N/kg×1.6×10﹣4m3=1.6N；
（2）m=150g=0.15kg，
苹果受到的重力：G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N；
因为G＜F浮，所以松手后苹果会上浮；
（3）当苹果静止时，漂浮，受到的浮力F浮′=G=1.5N．
故答案为：1.6；上浮；1.5．
点评： 本题考查了浮力和重力的计算、物体的浮沉条件，关键是对公式及公式变形的理解和应用，利用好隐含条件物体浸没水中时V排=V．
20．（3分）（2015•盐城）在比较不同燃料热值的实验中，小明利用与图示完全相同的两套实验装置，分别在燃烧皿中放入质量相同的燃料甲和燃料乙，点燃后对质量都为100g和初温都为20℃的水加热，燃烧相同时间后，用甲加热后的水温度为30℃，另一杯温度为24℃，此过程中水的内能 增大 （增大/减小），用甲加热的水吸收的热量为 4.2×103 J，此时 能 （能/不能）说明甲的热值较大．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））
考点： 热量的计算．
专题： 计算题；简答题；比热容、热机、热值．
分析： （1）加热水时通过热传递的方式改变水的内能，水吸收了多少热量，就增加了多少内能；
（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量；
（3）在其它条件相同时，甲杯水的温度升高的较快，即甲燃烧产生的热量多，所以其热值大．
解答： 解：水吸热过程中，水温度升高，水的内能增大；
燃烧点燃后对质量都为100g和初温都为20℃的水加热，则用甲加热的水吸收的热量为：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（30℃﹣20℃）=4.2×103J；
在其它条件相同时，甲杯水的温度升高的较快，即甲燃料燃烧产生的热量多，所以甲的热值大．
故答案为：增大；4.2×103；能．
点评： 本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用．
三、解答题（本大题有7小题，共52分，解答22、23题时应有解题过程）
21．（6分）（2015•盐城）按照题目要求作图：
（1）在图甲中画出“浮沉子”A所受浮力的示意图．
（2）在图乙中画出AB在平面镜中所成的像．
（3）在图丙中根据静止小磁针的指向标出螺线管的N极，并画出螺线管的绕线．
考点： 力的示意图；平面镜成像的相关作图；通电螺线管的极性和电流方向的判断．
专题： 图像综合题．
分析： （1）由图可知“浮沉子”A悬浮，处于平衡状态，受到重力和浮力的作用为一对平衡力，根据力的示意图的画法作图．
（2）平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右相反，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像．
（3）根据小磁针的指向判断出通电螺线管磁场的方向及磁极．根据安培定则再判断螺线管的绕线方法．
解答： 解：（1）浮力的示意图画法和重力相同，只是浮力的方向是沿竖直向上的，作用点都可以画在重心，如图所示：
（2）分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像．如图所示：
（3）小磁针静止时N极所指示的方向﹣﹣向右，为该点磁场的方向．在磁体外部，磁感线从N极指向S极，所以螺线管的左端为N极，右端为S极．
根据安培定则，伸出右手使大拇指指向通电螺线管的N极，即螺线管的右端，则四指弯曲的方向为电流的方向，如图所示：
点评： （1）本题考查力的示意图的画法，作图时应注意作图的要求，标明力的名称，注意力的大小、方向和作用点．
（2）在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像．
（3）利用安培螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．本题也可以利用磁极间的相互作用规律来帮助理解通电螺线管磁极的判断．
22．（6分）（2015•盐城）如图所示，工人用250N的力F将重为400N的物体在10s内匀速提升2m．求：
（1）重物受到的拉力大小；
（2）拉力F的功率：
（3）动滑轮的机械效率．
考点： 机械效率的计算；滑轮组绳子拉力的计算；功率的计算．
专题： 简单机械；功、功率、机械效率．
分析： （1）由于重物被匀速提起，所以重物受到的拉力和重物重力是一对平衡力，大小相等；
（2）使用动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h，拉力F与拉力移动距离的乘积为总功；根据P= 求出拉力的功率．
（3）克服物体的重力所做的功是有用功，利用W=Gh即可求出有用功；有用功与总功的比值是机械效率．
解答： 解：
（1）因为重物被匀速提起，所以重物受到的拉力等于重物重力为400N；
（2）由图知n=2，拉力F移动的距离：s=2h=2×2m=4m；
拉力F所做的总功：W总=Fs=250N×4m=1000J；
拉力做功的功率：P= = =100W；
（3）有用功：W有=Gh=400N×2m=800J，
动滑轮的机械效率：
η= ×100%= ×100%=80%．
答：（1）重物受到的拉力大小为400N；
（2）拉力F的功率为100W：
（3）动滑轮的机械效率为80%．
点评： 本题考查了学生对总功、有用功、机械效率以及功率的理解和掌握，正确求出有用功和总功是关键．
23．（9分）（2015•盐城）创建生态文明城市需要我们共同关注环境．我市某兴趣小组为了检测空气质量指数，设计了如图甲所示的检测电路，R为气敏电阻，其电阻的倒数与空气质量指数的关系如图乙所示，己知电源电压12V保持不变．R0=5Ω，当电压表示数为4V时．求：
（1）通过R的电流：
（2）2 min内R0消耗的电能；
（3）此时空气质量指数．
考点： 欧姆定律的变形公式；电功的计算．
专题： 欧姆定律；电能和电功率．
分析： （1）根据串联电路的电流规律，由I= 计算通过R的电流；
（2）根据W=UIt计算2 min内R0消耗的电能；
（3）计算R的阻值得到 的大小，由图象可得空气质量．
解答： 解：
（1）由图甲，R0和R串联，电压表测R0两端的电压，
所以IR=I0= = =0.8A；
（2）2 min内R0消耗的电能：
W0=U0I0t=4V×0.8A×120s=384J；
（3）UR=U﹣U0=12V﹣4V=8V，
所以R= = =10Ω，
所以 = =0.1Ω﹣1，
由图象乙可知，此时空气质量指数为25．
答；（1）通过R的电流为0.8A：
（2）2 min内R0消耗的电能为384J；
（3）此时空气质量指数为25．
点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电能公式的应用，要能熟练运用公式，还要能从图象中找出有用信息．
24．（6分）（2015•盐城）探究杠杆的平衡条件．
（1）安装好杠杆，发现杠杆右端下沉，应把杠杆右端的平衡螺母向 左 调节．使杠杆在水平位置平衡，此时杠杆自身重力的力臂为 零 ．
（2）弹簧测力计使用前指针如图所示，则测量时，首先应该进行的操作是 调节指针在零刻度线处 ．
（3）小红在杜杆的一侧挂钩码，在杠杆的另一侧某一位置用弹簧测力计沿 竖直 方向拉住杠杆，使其在水平位置平衡，以便直接从杠杆上读出力臂．
（4）如表是小红实验得到的数据，据此分折可以发现这次实验不妥之处 实验次数少：动力臂是阻力臂的两倍，实验数据不具普遍性 ．
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1.5 10 3.0 5
2 1.0 20 2.0 10
3 1.0 30 2.0 15
考点： 探究杠杆的平衡条件实验．
专题： 探究型实验综合题．
分析： （1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向上翘的一端移动；重心通过支点，则力臂为零；
（2）在使用弹簧测力计时，要注意将指针调零；
（3）要使力臂沿着杆的方向，应使力与杆垂直；
（4）要得到普遍性的规律，实验中应多次改变力臂和力，多测几组数据进行分析．
解答： 解：（1）由题意知，杠杆的右端下沉，则应使平衡螺母向左调节；
杠杆在水平位置平衡，重心在杠杆的重点，重力作用线恰好通过支点，所以重力的力臂为零；
（2）由图知，在使用前，弹簧测力计的指针未指零，应调节指针在零刻度线处；
（3）根据力臂的概念，沿竖直方向拉动测力计，杠杆在水平位置平衡，这样力臂恰好沿着力臂的方向，便于直接读数；
（4）由表格中数据知，只做了3次实验，且动力臂始终为阻力臂的2倍，实验数据不具普遍性．
故答案为：（1）左；零；（2）调节指针在零刻度线处；（3）竖直；（4）实验次数少：动力臂是阻力臂的两倍，实验数据不具普遍性．
点评： 本题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调节、调节杠杆在水平位置平衡的原因、对实验数据的评估等问题，是杠杆考查的重点，应熟练掌握．
25．（7分）（2015•盐城）小华利用下列器材探究电流与电阻的关系．实验器材：电源（4.5V）、电流表、电压表、三个定值电阻（R1=5Ω、R2=15Ω，R3=25Ω）．滑动变阻器标有“30Ω 1A”字样．
（1）用笔画线代替导线完成图甲的实物连接．
（2）连接电路时，开关应处于 断开 状态，闭合开关，小华发现电流表无示数，电压表有示数．原因可能是电阻R 断路 （断路/短路）．
（3）实验中，小华控制R两端的电压不变，示数如乙图所示，读数为 2.5 V．
（4）小华读出R1接入电路时的电流后，断开开关，将R1换成R2后．接下來她应该进行的操作是 将滑片移至最右端，闭合开关，调节滑片使电压表的示数为2.5V ．
考点： 探究电流与电压、电阻的关系实验．
专题： 探究型实验综合题．
分析： （1）将变阻器一上一下串联在电路中；
（2）连接电路过程中，开关应该断开；
若电流表无示数，电压表有示数，则与电压表并联的电阻断路；
（3）根据电源电压确定电压表的量程，读出电压表的示数；
（4）要探究电流与电阻的关系，需保持电阻两端的电压不变．
解答： 解：（1）将变阻器串联在电路中，由图甲知，变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：
（2）为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；
电流表无示数，电路发生断路，电压表有示数，则与电压表并联的电阻R断路；
（3）由图甲知，电源电压为1.5V×3=4.5V，由图乙知，电压表应选择0～3V的量程，示数为2.5V；
（4）由电路图可知，将R1换成R2后，应先将滑片移至最右端，使其阻值最大，然后闭合开关，并调节滑片使电压表的示数为2.5V不变．
故答案为：（1）见上图；（2）断开；断路；（3）2.5；（4）将滑片移至最右端，闭合开关，调节滑片使电压表的示数为2.5V．
点评： 本题是探究电流与电阻关系的实验，考查了变阻器的连接及其使用、电路故障的分析、电压表的读数及控制变量法的应用，（4）是该实验中的常考问题，应理解并掌握．
26．（8分）（2015•盐城）探究水的沸腾实验．
（1）甲图是实验中某时刻温度计的示数，读数为 89.5 ℃．
（2）实验时，当水中有大量的气泡产生，且在上升过程中体积逐渐 变大 ，直至水面破裂．水开始沸腾．
（3）当水温上升到80℃时，每隔0.5min记一次溫度计的示数直至沸腾一段时间，绘制出温度随时间的变化图象（如图乙）．根据图象可知水的沸点为 99 ℃；沸腾前水溫变化快慢的特点是 先快后慢 ，形成这种特点的主要原因是 温度升高，加快汽化，与环境的温差变大，加快散热 ．
（4）小明、小华与小红在同一小组做实验，小明与小华分工合作，小明计时，小华读出溫度并记录数椐，而小红独自计时、读取温度并记录数据．他们同时按下秒表并且每隔0.5min记录一次温度计的示数，小红每次读数都比小华迟6s，在同一坐标系中，将小红和小华所测数据绘制出温度随时间变化的图象，可以发现，小红的图象在小华的 左 （左/右）边．
考点： 探究水的沸腾实验．
专题： 探究型实验综合题．
分析： （1）明确温度计的最小分度值，读出示数；
（2）沸腾时，水吸热温度保持不变，气泡在上升过程中体积逐渐变大，达到水面处破裂；
（3）根据图象及水沸腾时的特点判断出水的沸点；且水沸腾时，吸热但温度不变．
（4）水沸腾前，加热时间越长，水吸收的热量越多，升高的温度越高．
解答： 解：（1）温度计的分度值是1℃，温度计的示数是89.5℃；
（2）沸腾时，水吸热温度保持不变，气泡在上升过程中体积逐渐变大，达到水面处破裂；
（3）由图象知，水在沸腾过程中温度保持99℃不变，所以水沸腾时的温度为99℃；沸腾前水溫变化快慢的特点是先快后慢，形成这种特点的主要原因是温度升高，加快汽化，与环境的温差变大，加快散热；
（4）小红每次读数都比小华迟6s，则小红所绘的温度比小华所绘的温度高，小红的图象在小华的左边．
故答案为：
（1）89.5；（2）变大；（3）99；先快后慢；温度升高，加快汽化，与环境的温差变大，加快散热；（4）左．
点评： 本题考查水的沸腾实验，液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量；液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变．
27．（10分）（2015•盐城）阅读短文，冋答问题：
无叶更舒适
如图甲是一款新型无叶电风扇，与传统有叶风扇相比具有易清洁、气流稳、安全等特点．
开始时，底座中的电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的细縫中高速吹出，夹带着周边的空气一起向前流动．导致后方更多的空气流入电扇出风口，风量被显著放大．
无叶电风扇细縫口结构是根据“康达效应”设计的，康达效应指的是当流体（水或空气等）顺着物体的凸表面流动时．有向物体吸附的趋向并沿着物体的表面继续向前，在离开物体的瞬间，由于惯性其运动方向与出口末端的法线垂直．
（1）风扇正常运行时，相同时间内细缝口流出的空气质量 等于 （小于/等于/大于）进风口流进的空气质量．
（2）下列与后方更多的空气流入电扇出风口的原理相同的是 B ．
A．载重汽车装有许多车轮 B．飞机飞行时机翼获得升力
C、足球在草坪上滚动得越来越慢 D．带电的玻璃棒能吸引轻小物体
（3）某品牌的无叶电风扇在实际电功率相同时，它的出风量与出风口面积有关，相关数据如表所示，利用表中数据在乙坐标系中作出电扇出风量与出风口面积的图象．
出风口面积/dm2 出风量/L•s﹣1
8 450
12 550
16 590
20 600
（4）如图是小明设计的圆环空腔横截面示意图，其中设计合理的是 A ．
（5）在相同时间内，电扇出风口输出的能量比细缝口输出能量要大，这是因为 流速大的地方压强小 ．
考点： 流体压强与流速的关系．
专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系．
分析： （1）电动机将空气从进风口吸入，从圆环空腔上的细縫中高速吹出，由此判断；
（2）根据流体压强与流速关系，分析各选项；
（3）根据表格数据描点连线画出图象；
（4）根据图甲，压缩空气从细縫中高速向前吹出，分析解答；
（5）压缩空气从圆环空腔上的细縫中高速吹出，夹带着周边的空气一起向前流动．
解答： 解：
（1）由题可知：电动机将空气从进风口吸入，吸入的空气经压缩后进入圆环空腔，再从圆环空腔上的细縫中高速吹出，所以相同时间内从细缝口流出空气质量应等于进风口流进的空气质量；
（2）空气从圆环空腔上的细縫中高速吹出，空气流速大，压强小，其后方空气流速小，压强大，所以更多的空气流入电扇出风口．即运用到流体压强与流速关系的原理．
A、载重汽车装有许多车轮，是通过增大受力面积减小，对地面的压强，不合题意；
B、飞机飞行时机翼上方空气流速大，压强小，下方空气流速小，压强大，从而使飞机获得升力，符合题意；
C、足球在草坪上滚动得越来越慢，是因为受到的地面的摩擦力的缘故，不合题意；
D．带电体具有吸引轻小物体的性质，所以带电的玻璃棒能吸引轻小物体，不合题意；
故选B．
（3）根据表格中数据，在乙中坐标系中描点连线，画出的图象为：
；
（4）根据图甲，压缩空气从细縫中高速由后向前吹出，所以细缝应在圆环空腔的后侧，并开口向前，由此A设计符合要求；
（5）压缩空气从圆环空腔上的细縫中高速吹出，根据流速大的地方压强小，夹带着周边的空气一起向前流动．导致后方更多的空气流入电扇出风口，风量被显著放大．
故答案为：（1）等于；（2）B；（3）见上图；（4）A；（5）流速大的地方压强小．
点评： 本题通过无叶风扇考查了流体压强与流速关系的应用、绘制图象等，关键从材料中明白其原理，本题也体现了物理在实际生活中的应用．